Lösung von Zusatzaufgabe 12.2P (WS 12 13): Unterschied zwischen den Versionen
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| − | !Beweisschritte!!Begründung | + | !Beweisschritte!!Begründung!! Hinweis (Tutorin_Anne)!!Änderungsvorschläge |
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|1. Wir konstruieren eine Gerade g, für die gilt g ll <math>\overline{AB}</math> ^ C<math>\in</math>g || Parallelenaxiom, Vor. | |1. Wir konstruieren eine Gerade g, für die gilt g ll <math>\overline{AB}</math> ^ C<math>\in</math>g || Parallelenaxiom, Vor. | ||
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|2. D(mb,180)(A)=C ^ D(mb,180)(B)=B' ||1.), Def. Punktspiegelung, Def. Mittelpunkt | |2. D(mb,180)(A)=C ^ D(mb,180)(B)=B' ||1.), Def. Punktspiegelung, Def. Mittelpunkt | ||
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| − | |2.1 <math>B'C \equiv g</math> ||1.),2.) | + | |2.1 <math>B'C \equiv g</math> ||1.),2.) || Warum folgt das aus Schritt 1 und 2? || Man müsste vllt. noch Satz IX.4 <span style="color: red">(richtig! Parallelentreue der Punktspiegelung)</span>erwähnen, sodass gilt AB parallel C'B und laut Parallelenaxiom <span style="color: red">(genau!)</span>gibt es nur eine parallele Gerade durch C, heißt B'C muss auf g zu liegen kommen. |
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| − | |3. <math>\alpha \tilde {=}\alpha '</math> || Wechselwinkelsatz, 1.),2.),2.1), Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), winkelmaßerhaltend | + | |3. <math>\alpha \tilde {=}\alpha '</math> || Wechselwinkelsatz, 1.),2.),2.1), Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), winkelmaßerhaltend || Das sind zu viele Begründungen, entscheide dich! || Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), 2.1),2.) |
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|4. D(ma,180)(A)=A' ^D(ma,180)(B)=C || 1.), Def. Punktspiegelung, Def. Mittelpunkt | |4. D(ma,180)(A)=A' ^D(ma,180)(B)=C || 1.), Def. Punktspiegelung, Def. Mittelpunkt | ||
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| − | |5. <math>\beta \tilde {=} \beta'</math> || 4.),2.1) Wechselwinkelsatz, Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), winkelmaßerhaltend | + | |5. <math>\beta \tilde {=} \beta'</math> || 4.),2.1) Wechselwinkelsatz, Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), winkelmaßerhaltend ||Das sind zu viele Begründungen, entscheide dich! || Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), 2.1),4.) <span style="color: red">(gut!)</span> |
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| − | |6. <math>\left| \alpha' \right| + \left| \beta' \right|+ \left| \gamma \right|= 180</math> || 4.), 5.),Def. Nebenwinkel, Satz(Nebenwinkel sind supplementär) | + | |6. <math>\left| \alpha' \right| + \left| \beta' \right|+ \left| \gamma \right|= 180</math> || 4.), 5.),Def. Nebenwinkel, Satz(Nebenwinkel sind supplementär)|| Woher weißt du, dass sie alle an einer Geraden liegen?|| Die Winkel alpha',beta',gamma' besitzen alle den gleichen Scheitelpunkt, nämlich C. Das ist anzunehmen, da der Winkel alpha mit dem Scheitelpunkt A punktgespiegelt wird und alpha' nun den Scheitelpunkt C hat.(Für B analog). Der Winkel Gamma hat ja schon den Scheitelpunkt C. <span style="color: red"> Die Voraussetzung ist ja, dass B´, C, A´ auf einer Geraden liegen, daher würde ich eher noch einen Schritt für A'C = g wie 2.1 einfügen. -Tutorin_Anne</span> |
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|7. <math>\left| \alpha \right| + \left| \beta \right|+ \left| \gamma \right|= 180</math> || 3.),5.),6.) | |7. <math>\left| \alpha \right| + \left| \beta \right|+ \left| \gamma \right|= 180</math> || 3.),5.),6.) | ||
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<br />--[[Benutzer:TobiWan|TobiWan]] 00:37, 3. Feb. 2013 (CET)<br /> | <br />--[[Benutzer:TobiWan|TobiWan]] 00:37, 3. Feb. 2013 (CET)<br /> | ||
| + | * Im Großen und Ganzen stimmt der Beweis. Ich habe ein paar Kleinigkeiten angemerkt.--[[Benutzer:Tutorin Anne|Tutorin Anne]] 17:49, 5. Feb. 2013 (CET) | ||
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| + | <br />--[[Benutzer:TobiWan|TobiWan]] 11:52, 6. Feb. 2013 (CET) | ||
| + | Eingefügt in rot.--[[Benutzer:Tutorin Anne|Tutorin Anne]] 14:07, 6. Feb. 2013 (CET) | ||
[[Kategorie:Einführung_P]] | [[Kategorie:Einführung_P]] | ||
Aktuelle Version vom 6. Februar 2013, 14:07 Uhr
Beweisen Sie den Innenwinkelsatz für Dreiecke mit Hilfe zweier Punktspiegelungen.
| Voraussetzung | Dreieck ABC mit den Innenwinkeln 
|
| Behauptung | 
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| Beweisschritte | Begründung | Hinweis (Tutorin_Anne) | Änderungsvorschläge |
|---|---|---|---|
1. Wir konstruieren eine Gerade g, für die gilt g ll  ^ C g |
Parallelenaxiom, Vor. | ||
| 2. D(mb,180)(A)=C ^ D(mb,180)(B)=B' | 1.), Def. Punktspiegelung, Def. Mittelpunkt | ||
2.1  |
1.),2.) | Warum folgt das aus Schritt 1 und 2? | Man müsste vllt. noch Satz IX.4 (richtig! Parallelentreue der Punktspiegelung)erwähnen, sodass gilt AB parallel C'B und laut Parallelenaxiom (genau!)gibt es nur eine parallele Gerade durch C, heißt B'C muss auf g zu liegen kommen. |
3.  |
Wechselwinkelsatz, 1.),2.),2.1), Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), winkelmaßerhaltend | Das sind zu viele Begründungen, entscheide dich! | Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), 2.1),2.) |
| 4. D(ma,180)(A)=A' ^D(ma,180)(B)=C | 1.), Def. Punktspiegelung, Def. Mittelpunkt | ||
5.  |
4.),2.1) Wechselwinkelsatz, Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), winkelmaßerhaltend | Das sind zu viele Begründungen, entscheide dich! | Eig. Punktspiegelung (winkeltreue), 2.1),4.) (gut!) |
6.  |
4.), 5.),Def. Nebenwinkel, Satz(Nebenwinkel sind supplementär) | Woher weißt du, dass sie alle an einer Geraden liegen? | Die Winkel alpha',beta',gamma' besitzen alle den gleichen Scheitelpunkt, nämlich C. Das ist anzunehmen, da der Winkel alpha mit dem Scheitelpunkt A punktgespiegelt wird und alpha' nun den Scheitelpunkt C hat.(Für B analog). Der Winkel Gamma hat ja schon den Scheitelpunkt C. Die Voraussetzung ist ja, dass B´, C, A´ auf einer Geraden liegen, daher würde ich eher noch einen Schritt für A'C = g wie 2.1 einfügen. -Tutorin_Anne |
| 7. |
3.),5.),6.) |
--TobiWan 00:37, 3. Feb. 2013 (CET)
- Im Großen und Ganzen stimmt der Beweis. Ich habe ein paar Kleinigkeiten angemerkt.--Tutorin Anne 17:49, 5. Feb. 2013 (CET)
--TobiWan 11:52, 6. Feb. 2013 (CET)
Eingefügt in rot.--Tutorin Anne 14:07, 6. Feb. 2013 (CET)
