Lösung von Aufg. 12.3 SS11: Unterschied zwischen den Versionen

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<math> \ Betrachte \ die \ beiden \ Dreieck \  \overline{AMP}\ und\ \overline{MPB} </math> <br>
 
<math> \ Betrachte \ die \ beiden \ Dreieck \  \overline{AMP}\ und\ \overline{MPB} </math> <br>
 
<math> \ Es \ gilt \ : \ \overline{AP} \equiv \overline{BP}\  nach \ Voraussetzung\ </math>  <br>
 
<math> \ Es \ gilt \ : \ \overline{AP} \equiv \overline{BP}\  nach \ Voraussetzung\ </math>  <br>
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<math>\ Ferner\  \angle PMA \equiv \angle PBM \ nach \ Basiswinkelsatz</math><br>
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<math>\ Ferner\  \angle PMA \equiv \angle PBM \ nach \ Basiswinkelsatz</math> (davor sollte man noch sagen, das hier ein gleichschenkliges Dreieck vorliegt > wo sollen sonst Basiswinkel vorliegen?)<br>
 
<math>\ und \ \overline{AM} \equiv \overline{MB} \ da \ M \ Mittelpunkt\ ist.</math><br>
 
<math>\ und \ \overline{AM} \equiv \overline{MB} \ da \ M \ Mittelpunkt\ ist.</math><br>
 
<math>\Rightarrow \ nach \ SWS \ die \ Kongruenz \ der \ beiden \ Dreiecke</math><br>
 
<math>\Rightarrow \ nach \ SWS \ die \ Kongruenz \ der \ beiden \ Dreiecke</math><br>
 
<math>\Rightarrow \angle PMA\equiv \angle BMP\Rightarrow \ es \ sind \ rechte \ Winkel \Rightarrow \ PM \ ist  \ Mittelsenkrechte</math><br><math>\Rightarrow \ Behauptung</math>--[[Benutzer:Peterpummel|Peterpummel]] 17:47, 3. Jul. 2011 (CEST)<br><br>
 
<math>\Rightarrow \angle PMA\equiv \angle BMP\Rightarrow \ es \ sind \ rechte \ Winkel \Rightarrow \ PM \ ist  \ Mittelsenkrechte</math><br><math>\Rightarrow \ Behauptung</math>--[[Benutzer:Peterpummel|Peterpummel]] 17:47, 3. Jul. 2011 (CEST)<br><br>
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Der Beweis ist gut, allerdings solltest du wie Phil den 2. Fall nicht vergessen, denn dann ergäben sich ja keine Dreiecke.--[[Benutzer:Tutorin Anne|Tutorin Anne]] 17:33, 5. Jul. 2011 (CEST)
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Der Beweis ist gut, allerdings solltest du wie Phil den 2. Fall nicht vergessen, denn dann ergeben sich ja keine Dreiecke.--[[Benutzer:Tutorin Anne|Tutorin Anne]] 17:33, 5. Jul. 2011 (CEST)<br /><br />
  
 
Lösungsvorschlag 2:
 
Lösungsvorschlag 2:
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<math>\ 1. Fall: \ P \neq \ M</math><br>
 
<math>\ 1. Fall: \ P \neq \ M</math><br>
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<math>\ 1) \triangle \overline{ABP} \ ist \ gleichschenklig \ (Vor, \ Def. \ gleichschenkliges \triangle \ )</math><br>
 
<math>\ 1) \triangle \overline{ABP} \ ist \ gleichschenklig \ (Vor, \ Def. \ gleichschenkliges \triangle \ )</math><br>
 
<math>\ 2) \exists \ Winkelhalbierende \ w \ des \angle \ APB \ (Existenz \ und \ Eindeutigkeit \ der \ Winkelhalbierenden)</math><br>
 
<math>\ 2) \exists \ Winkelhalbierende \ w \ des \angle \ APB \ (Existenz \ und \ Eindeutigkeit \ der \ Winkelhalbierenden)</math><br>
 
<math>\ 3) \ w \ teilt \angle \ APB \ in \ y1 \ und \ y2, \ y1 \ = \ y2 \ (Def. \ Winkelhalbierende)</math><br>
 
<math>\ 3) \ w \ teilt \angle \ APB \ in \ y1 \ und \ y2, \ y1 \ = \ y2 \ (Def. \ Winkelhalbierende)</math><br>
 
<math>\ 4) \ w \cap \overline{AB} \ = \ P2 \ (Lemma1)</math><br>
 
<math>\ 4) \ w \cap \overline{AB} \ = \ P2 \ (Lemma1)</math><br>
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<math>\ 5)|\ PA | = | \ PB | \ (Vor.) </math><br>
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<math>\ 6) \ y1 \ = \ y2 \ (3)</math><br>
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<s> 6) </s> <math>\ y1 \ = \ y2 \ (3)</math> Nicht einfach Schritte oder Vorausetzung wiederholen!<br>
 
<math>\ 7) \angle \ PAB \cong \angle \ PBA \ (1, \ Basiswinkelsatz)</math><br>
 
<math>\ 7) \angle \ PAB \cong \angle \ PBA \ (1, \ Basiswinkelsatz)</math><br>
 
<math>\ 8) \triangle \ APP2 \cong \triangle \ BPP2 \ (WSW, \ 5, \ 6, \ 7)</math><br>
 
<math>\ 8) \triangle \ APP2 \cong \triangle \ BPP2 \ (WSW, \ 5, \ 6, \ 7)</math><br>
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<math>\ 11) \ P2 \ = \ M, \ w \ = \ m</math>  (10, Def. Mittelpunkt, 9, Def. Mittelsenkrechte) <br>
 
<math>\ 11) \ P2 \ = \ M, \ w \ = \ m</math>  (10, Def. Mittelpunkt, 9, Def. Mittelsenkrechte) <br>
 
<math>\ 12) \ P \in \ m</math> (9, 10, 11)<br><br>
 
<math>\ 12) \ P \in \ m</math> (9, 10, 11)<br><br>
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Ich denke, auch so kann Fall I beweisen werden. Scheint mir aufwendiger, aber auch richtig. Gut!--[[Benutzer:Tutorin Anne|Tutorin Anne]] 17:57, 5. Jul. 2011 (CEST)<br /><br />
  
 
<math>\ 2. \ Fall: \ P \ = \ M</math><br>
 
<math>\ 2. \ Fall: \ P \ = \ M</math><br>
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<math>\ 1) | \ PA | \ = | \ MA | \, | \ Pm | \ = | \ M | </math> (Annahme 2. Fall)<br>
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<math>\ 1) | \ PA | \ = | \ MA | \, | \ Pm | \ = | \ M | </math> (Annahme 2. Fall) (Hier verstehe ich nicht, was du damit zeigen willst. --[[Benutzer:Tutorin Anne|Tutorin Anne]] 17:57, 5. Jul. 2011 (CEST))<br>
 
<math>\ 2) \ P \ ist \ Mittelpunkt \ von \overline{AB}</math>  (Def. Mittelpunkt, 1) <br>
 
<math>\ 2) \ P \ ist \ Mittelpunkt \ von \overline{AB}</math>  (Def. Mittelpunkt, 1) <br>
 
<math>\ 3) \ P \in \ m</math>  (2, Def. Mittelsenkrechte)--[[Benutzer:Phil86|-phil-]] 15:04, 5. Jul. 2011 (CEST)
 
<math>\ 3) \ P \in \ m</math>  (2, Def. Mittelsenkrechte)--[[Benutzer:Phil86|-phil-]] 15:04, 5. Jul. 2011 (CEST)

Version vom 5. Juli 2011, 16:57 Uhr

Beweisen Sie Satz VII.6 a:

Wenn ein Punkt \ P zu den Endpunkten der Strecke \overline{AB} jeweils ein und denselben Abstand hat, so ist er ein Punkt der Mittelsenkrechten von \overline{AB}.


\ Beweis:

\ V: \overline{AP} \equiv \overline{BP}
\ B: \ P\in \ m \ mit \ m \ ist \ Mittelsenkrechte \ von \ \overline{AB}

Skizze dazu: (--Tutorin Anne 17:33, 5. Jul. 2011 (CEST))


\ Sei \ M \ Mittelpunkt \ von \ \overline{AB}\ ( \ n. \ Existenz \ vom \ Mittelpunkt \ einer \ Strecke)
\ Betrachte \ die \ beiden \ Dreieck \ \overline{AMP}\ und\ \overline{MPB}
\ Es \ gilt \ : \ \overline{AP} \equiv \overline{BP}\ nach \ Voraussetzung\
\ Ferner\ \angle PMA \equiv \angle PBM \ nach \ Basiswinkelsatz (davor sollte man noch sagen, das hier ein gleichschenkliges Dreieck vorliegt > wo sollen sonst Basiswinkel vorliegen?)
\ und \ \overline{AM} \equiv \overline{MB} \ da \ M \ Mittelpunkt\ ist.
\Rightarrow \ nach \ SWS \ die \ Kongruenz \ der \ beiden \ Dreiecke
\Rightarrow \angle PMA\equiv \angle BMP\Rightarrow \ es \ sind \ rechte \ Winkel \Rightarrow \ PM \ ist \ Mittelsenkrechte
\Rightarrow \ Behauptung--Peterpummel 17:47, 3. Jul. 2011 (CEST)

Der Beweis ist gut, allerdings solltest du wie Phil den 2. Fall nicht vergessen, denn dann ergeben sich ja keine Dreiecke.--Tutorin Anne 17:33, 5. Jul. 2011 (CEST)

Lösungsvorschlag 2:

\ Vor: \ Punkt \ P, \ Strecke \overline{AB}, \ Mittelsenkrechte \ m \ von \overline{AB}
|\ PA | = | \ PB |
\ Beh: \ P \in \ m

Man muss in zwei Fälle unterscheiden:
\ 1. \ Fall: \ P \neq \ M
\ 2. \ Fall: \ P \ = \ M

\ 1. Fall: \ P \neq \ M

\ 1) \triangle \overline{ABP} \ ist \ gleichschenklig \ (Vor, \ Def. \ gleichschenkliges \triangle \ )
\ 2) \exists \ Winkelhalbierende \ w \ des \angle \ APB \ (Existenz \ und \ Eindeutigkeit \ der \ Winkelhalbierenden)
\ 3) \ w \ teilt \angle \ APB \ in \ y1 \ und \ y2, \ y1 \ = \ y2 \ (Def. \ Winkelhalbierende)
\ 4) \ w \cap \overline{AB} \ = \ P2 \ (Lemma1)
5)|\ PA | = | \ PB | \ (Vor.)
6) \ y1 \ = \ y2 \ (3) Nicht einfach Schritte oder Vorausetzung wiederholen!
\ 7) \angle \ PAB \cong \angle \ PBA \ (1, \ Basiswinkelsatz)
\ 8) \triangle \ APP2 \cong \triangle \ BPP2 \ (WSW, \ 5, \ 6, \ 7)
\ 9) \angle | \ AP2P | \ = \angle | \ BP2P | \ = \ 90 (8, Def. Nebenwinkel, Supplementaxiom)
\ 10) | \overline{AP2} | \ = | \overline{BP2} (8)
\ 11) \ P2 \ = \ M, \ w \ = \ m (10, Def. Mittelpunkt, 9, Def. Mittelsenkrechte)
\ 12) \ P \in \ m (9, 10, 11)

Ich denke, auch so kann Fall I beweisen werden. Scheint mir aufwendiger, aber auch richtig. Gut!--Tutorin Anne 17:57, 5. Jul. 2011 (CEST)

\ 2. \ Fall: \ P \ = \ M
\ 1) | \ PA | \ = | \ MA | \, | \ Pm | \ = | \ M | (Annahme 2. Fall) (Hier verstehe ich nicht, was du damit zeigen willst. --Tutorin Anne 17:57, 5. Jul. 2011 (CEST))
\ 2) \ P \ ist \ Mittelpunkt \ von \overline{AB} (Def. Mittelpunkt, 1)
\ 3) \ P \in \ m (2, Def. Mittelsenkrechte)---phil- 15:04, 5. Jul. 2011 (CEST)

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