Lösung von Aufgabe 11.09 SoSe 13

Lösung IIIu13

Gegeben seien der Winkel $\alpha = \angle ASB$, die Winkelhalbierende w von $\alpha$ und der Punkt P mit $\overline{PA} \tilde {=} \overline{PB}$

z.z.: P $\in$ w

Beweis:

1) $\overline{PA} \tilde {=} \overline{PB}$ ; (>Voraussetzung)

2) $\overline{PS} \tilde {=} \overline{PS}$ ; (>trivial)

3) Sei m die Mittelsenkrechte von $\overline{AB}$ und M der Mittelpunkt von $\overline{AB}$ ; (>Existenz der Mittelsenkrechten)

4) $P\in m$ ; (>Def. Mittelsenkrechte, (1))

5) $\angle PBM \tilde {=} \angle PAM$ ; (>(1),Basiswinkelsatz)

6) $\overline{AM} \tilde {=} \overline{MB}$ ; (>(3))

7) $\overline{MPB} \tilde {=} \overline{MPA}$ ; (>(1),(5),(6),sws)

8) $\angle APM \tilde {=} \angle BPM$; (>(7))

9) $\overline{SBP} \tilde {=} \overline{SAP}$ ; (>(1),(8),(2),sws)

10) $\angle ASP \tilde {=} \angle BSP$; (>(9))

11) $\ SP^{+}$ ist die Winkelhalbierende w; (>(10), Def. und Eindeutigkeit der Winkelhalbierenden)

12) $P\in w$; (>(11))

Muss ich hier explizit sagen, dass P im Inneren vom Winkel liegt? Darf ich das voraussetzen oder muss ich eine Fallunterscheidung machen?

--Illu13 23:02, 10. Jul. 2013 (CEST)

Bemerkung --*m.g.* 10:12, 11. Jul. 2013 (CEST)

Wir gehen davon aus, das $P$ zu den Schenkeln von $\alpha= \angle ASB$ ein und denselben Abstand hat. Das bedeutet nicht, dass $\overline{PA} \tilde= \overline{PB}$ gilt.