Lösung von Aufgabe 9.5 S

Satz:
Es sei $\ SW^{+}$ die Winkelhalbierende des Winkels $\angle ASB$. Dann gilt:
$\left| \angle ASW \right| = \left| \angle WSB \right| = \frac{1}{2} \left|\angle ASB\right|$

Beweisen Sie den Satz.

Skizze:

Voraussetzung 1: $\angle ASB$
Voraussetzung 2: $\ SW^{+}$ ist die Winkelhalbierende des Winkels $\angle ASB$
Behauptung: $\left| \angle ASW \right| = \left| \angle WSB \right| = \frac{1}{2} \left|\angle ASB\right|$

(1) Da nach Vor. $\ SW^{+}$ die Winkelhalbierende des Winkels $\angle ASB$ ist, gilt: $\left| \angle ASW \right| = \left| \angle WSB \right|$
(2) Nach Vor. und Def. Winkelhalbierende muss W im Inneren des Winkels $\angle ASB$ liegen.
(3) Nun wissen wir nach dem Winkeladditionsaxiom und (1), dass gelten muss: $\left| \angle ASW \right| + \left| \angle WSB \right| = \left| \angle ASB \right|$.
(4) Nach (1) können wir (3) auch folgendermaßen schreiben: $\left| \angle ASW \right| + \left| \angle ASW \right| = \left| \angle ASB \right|$.
(5) Nach (4) und Rechnen in R folgt: $2 \left| \angle ASW \right| = \left| \angle ASB \right|$.
(6) Nach (5),(1) und Rechnen in R folgt: $\left| \angle ASW \right| = \left| \angle WSB \right| = \frac{1}{2} \left|\angle ASB\right|$
Behauptung stimmt.
qed --Tchu Tcha Tcha 18:57, 20. Jun. 2012 (CEST)

Lösung Kopernikus; Just noch ein sailA

Vor:

$\angle ASB ; \ SW^{+}$ ist Winkelhalbierende ;

Beh:

$\angle \left| ASW\right| =\angle \left| WSB \right| =\angle \frac{1}{2} \left| ASB \right|$

Schritt	Beweis	Begründung
1	$\exists \ \angle ASW \wedge \angle WSB$	Vor; Def. VI1.2 (Def. Winkelhalbierende)
2	$\left| \angle ASW \right| =\left| \angle WSB \right|$	Def. VI1.2 (Def. Winkelhalbierende)
3	$\left| \angle ASW \right| +\left| \angle WSB \right| =\left| \angle ASB \right|$	Axiom IV.3 (Winkeladditionsaxiom)
4	$\left| \angle ASW \right| +\left| \angle ASW \right| =2*\left| \angle ASW \right|= \left| \angle ASB \right|$	Rechnen in R
5	$\left| \angle ASW \right| =\frac{1}{2} *\left| \angle ASB \right|= \left| \angle WSB \right|$	Rechnen in R
6	q.e.d	Vor; 5

--Kopernikus 19:37, 26. Jun. 2012 (CEST)
--Just noch ein sailA 19:37, 26. Jun. 2012 (CEST)

Kann ich annehmen, dass die Winkelhalbierende im Inneren des Winkels <ASB liegt, oder müsste man beweisen, dass SW+ tatsächlich im Inneren liegt?? Die Definition Winkelhalbierende sagt ja nur aus, "wenn die Halbgerade im Inneren liegt". Ebenso heißt es im Winkeladditionsaxiom "wenn P im Inneren des Winkels liegt". Das Wörtchen "wenn" irritiert mich gerade ein bisschen! Hoffe mir kann jemand helfen. --Mahe84 13:23, 27. Jun. 2012 (CEST)

Bin mir ehrlich gesagt auch nicht sicher.. Denke aber, dass wenn ein Strahl die Winkelhalbierende eines Winkels ist, dann muss der Strahl/Halbgerade komplett im Inneren des Winkels liegen (sagt ja die Def. WH auch aus). Von daher müssen dann auch alle Punkte W $\in$ SW+ im Inneren des Winkels liegen...
Das Wort "wenn" sagt ja nur aus, dass "wenn die Halbgerade im Inneren liegt" dann ist es eine notwendige oder sogar hinreichende Bedingung dafür, dass die Halbgerade die Winkelhalbierende des Winkels ist.. Wenn die Halbgerade nicht im Inneren des Winkels liegt, dann ist sie auf keinen Fall die WH des Winkels...
einigermaßen verständlich?? :-) --Tchu Tcha Tcha 17:27, 27. Jun. 2012 (CEST)

• Ja, da die SW⁺ in der VSS die WH ist, muss SW⁺ nach Def. WH auch vollständig im Inneren frs Winkels liegen.--Tutor Andreas 18:32, 1. Jul. 2012 (CEST)